② （2014静安区一模）如图所示，一均匀木棒OA可绕过O点的水平轴自由转动．现有一方向不变的水平力F作用于
以O点为转轴，重力的力臂增大，其力矩增大，根据力矩平衡条件可知，水平力F的力矩与重力的力矩平衡，则力F对转轴的力矩M不断变大．
力F对转轴的力臂L减小，由力矩M=FL，分析可知，F不断变大，故B正确．
故选：B．
③ （2014静安区一模）如图所示，两根玻璃管a和b开口向下固定在水槽中，玻璃管内被水各封有一定质量的气体
A、升降机从静止开始加速下降，系统处于失重状态，分析图可以知道：a中气体的压强=大气压+水压，b中气体的压强=大气压-水压，故失重状态下，水压减小，a中气体膨胀对外做功，b中气体体积减小，外界对其做功，系统绝热，根据热力学第一定律知a中气体内能将减少，b中气体内能将增加．故ACD错误，B正确．
故选：B．
④ （2014静安区一模）如图（a）所示为灯泡L的U-I特性曲线，R1、R2为定值电阻．如果把这三个用电器并联后接
A、L与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；
当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，L的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，灯泡的电阻减小，则有RL＜R1=R2．而RL与R2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流IL＞I2，又I1=I2+IL，得到I1＞2I2，I1＜2IL，由P=UI可得：P1＞PL﹢P2，故A正确．
B、由P1＝I12R1，PL＝IL2RL，P2＝I22R2，可得：P1＞4P2，故B正确．
C、由P＝得：P1＝．由于RL＜R1=R2，得：＝＜＝R2＝R1；故P2＜＝，可知P＞9P2，故C错误．
D、由于RL＜R1=R2，则＜R1，得U并＜U1而串联电路电流相等，则I1=I2+IL，由P=IU知：P1＞2（P2+PL）＞2PL，故D正确．
故选：ABD．
⑤ （2014静安区一模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．电路出现断路故障，故障可能发生在电阻R1、R
①若电阻R1出现了断路故障，电键S断开时，电压表测量电源电压，即电压表示数等于电源电压；而电路发生断路，故电流表A1、A2均无示数；
电键S闭合后，电压表直接连接在电源两端，即电压表测量电源电压，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数；因电压表相当于开路，故电流表A2无示数；
②若电阻R2出现了断路故障，电键S断开时，电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，电压表示数为零；因电路为断路，故电流表A1、A2均无示数；
当电键S闭合后，电路为R1的基本电路，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数；电压表测量电阻R1两端的电压，即为电源电压；电流表A2测量通过电阻R1的电流．
由此分析可知：电压表V示数不变或变大；电流表A1的示数始终为零；电流表A2的示数不变或变大．
故选B．
⑥ （2014静安区一模）主族元素A、B形成的阴离子如图所示，其中A、B原子最外层都已达到8电子稳定结构，则下
主族元素A、B形成的阴离子，A、B原子最外层都已达到8电子稳定结构，由离子结构可知，B成2个单键达稳定结构，中间A原子也成2个单键达稳定结构，说明二者最外层电子数都是6，两侧A原子只成1个单键，应各获得1个电子以满足8电子稳定结构，故离子带2个单位的负电荷，
A．由上述分析可知，离子带2个单位的负电荷，故n=2，故A正确；
B．A元素原子外层电子数都是6，应处于ⅥA族，故B错误；
C．离子中两侧A原子形成1个单键、且各获得1个电子，满足8电子稳定结构，故A的电负性更强，对键合电子吸引能力更强，则A为-2价，B为+2价，故C正确；
D．离子中B元素的化合价不是最高价价态，处于中间价态，离子具有还原性，故D错误，
故选BD．
⑦ （2014静安区一模）如图所示，放在水平地面上质量均为1kg的两个小物体A、B相距8m，它们与水平地面的动摩
对物体A受力分析，均受到重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：-μmg=ma，故加速度为：a1=-μg=-2m/s2；
同理物体B的加速度为：a2=-μg=-2m/s2；
B物体初速度较小，首先停止运动，故其停止运动的时间为：t1=
=
s=1s；
该段时间内物体A的位移为：x
A1=v
At
1+
a
1t
12=6×1-
×2×1=5m
物体B的位移为：x
B=v
Bt
1+
a
2t
12=2×1-1=1m
故此时开始，物体B不动，物体A继续做匀减速运动，直到相遇；
即在离A物体x
A=8-1=7m处相遇，
1s末A的速度为：v
A1=v
A+a
1t
1=6-2=4m/s
物体A继续做匀减速运动过程，有：x
A2=v
A1t
2+
a
2t
22=2m；
解得：t
2=2+
⑧ （2014静安区一模）如图所示，电源内电阻为r，定值电阻R0的阻值等于r，滑动变阻器R的最大阻值是5r．变阻
A、当内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大，由于R0=r，故当滑动变阻器的为零的时候，电源输出功率最大，变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中，外电阻减小，所以电源的输出功率在增加，故A错误．
B、变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中，外电阻减小，由P总＝可知电源消耗的总功率逐渐变大，故B错误．
C、把定值电阻R0和电源看成一个整体，此时大电源的内电阻为2r，此时的滑动变阻器就相当于外电路，由于滑动变阻器的最大阻值是5r，所以此时外电阻在减小，电源的输出功率先增大后减小，即滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，故C正确．
D、由I＝可知外电阻减小，总电流增大，P=I2r可得电源内部消耗的功率先变大，故D错误．
故选：C．
⑨ （2014静安区一模）如图所示，倾角为θ的斜面上有质量分别为mA、mB的A、B两物块，它们之间用轻线连接，A
根据牛顿第二定律对整体有：F-（mA+mB）gsinθ-μ（mA+mB）gcosθ=（mA+mB）a
得：a= -gsinθ-μgcosθ 对B：T-m Bgsinθ-μm Bgcosθ=m Ba 得到轻线上的张力为： T=m Bgsinθ+μm Bgcosθ+m Ba= 则要减小T，可增大A物的质量，或减小B物的质量． 故选：AB
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